02/12/2015 Nome/RGM: Optativa de GA-MATEMÁTICA, LICENCIATURA 1. (2,5 ptos.) Dados os pontos P (1, 2, 4), Q(2, 3, 2) e R(2, 1, −1), determinar as coordenadas de um ponto S tal que P, Q, R e S sejam vértices de um paralelogramo. Calcule a área desse paralelogramo. −→ −→ −→ −→ Resposta: Se P QRS é o paralelogramo da figura, então P Q = SR e P S = QR S....•..........................................................................................•.... R . . ... ... ... ... ... ... .. .. . . .. .. .. .. ... ... ... ... .. .. . . ... ... ... ... .. .. .. .. . . . . . . ... ... ... ... .......................................................................................... • P • Q 2−x Para S(x, y, z) vamos ter na primeira igualdade: Q − P = R − S ou: 1−y −1 − z igualdades implicam que x = 1, y = 0, z = 1. Logo, uma solução é S(1, 0, 1). −→ −→ Para calcular á área de P QRS consideremos os vetores P S = (0, −2, −3) e P Q −→ −→ área(P QRS) = |P S × P Q|. Portanto, −→ −→ |P S × P Q| = | ⃗k ⃗i ⃗j 0 −2 −3 1 1 −2 = 1 = 1 . Essas = −2 = (1, 1, −2). A √ | = |7⃗i − 3⃗j + 2⃗k| = 62 u.a. 2. (2,5 ptos.) Dois pontos efetuam movimentos descritos pelas equações: X = (0, 0, 0) + t(1, 2, 4), (t ∈ IR) e X = (1, 0, −2) + t(−1, −1, −1), (t ∈ IR). Pergunta-se se as trajetórias são concorrentes e se haverá colisão. Resposta: Sejam r : X = (0, 0, 0) + t(1, 2, 4), (t ∈ IR) e s : X = (1, 0, −2) + t(−1, −1, −1), (t ∈ IR). Se as trajetórias são concorrentes, então existem t1 e t2 reais tais que r ∩ s = {P }. Assim, (0, 0, 0) + t1 (1, 2, 4) = (1, 0, −2) + t2 (−1, −1, −1) { t1 = 1 − t2 t1 = −1 ∼ Substituindo t1 = −1 Resolvendo o sistema resultante, temos: 2t1 = −t2 t2 = 2 4t1 = −2 − t2 em r ( ou t2 = 2 em s) temos que P (−1, −2, −4). Portanto concluı́mos que as trajetórias são concorrentes e haverá colisão em P (−1, −2, −4) quando t1 = −1 em r ( ou t2 = 2 em s). 3. (2,5 ptos.) Calcule m, n ∈ IR para que a reta r : X = (2, 1, −3) + t(1, 1, −2), t ∈ IR, esteja contida no plano π : mx + ny + 2z = 1. Resposta: Se r ⊂ π então o vetor diretor de r, ⃗v , ⃗v ⊥ ⃗n em que ⃗n é o vetor normal de π. Isso implica que ⃗v · ⃗n = 0 ⇔ (1, 1, −2) · (m, n, 2) = 0 ⇒ m + n − 4 = 0. Também, qualquer ponto X de { r, X ∈ π. Em particular, { se X = (2, 1, −3) então temos 2m + n − 7 = 0. Resolvendo o sistema m+n−4 = 0 m = 3 ∼ . Portanto π : 3x + y + 2z = 1. 2m + n − 7 = 0 n = 1 4. (2,5 ptos.) Para a elipse 9x2 + 25y 2 = 225, determinar: Resposta: Dividindo cada termo da equação por 225, temos: 9x2 225 + 25y 2 225 = 1 ou: x2 y 2 + = 1. 25 9 Assim a = 5 e b = 3. Da relação a2 = b2 + c2 , temos que c = 4. Portanto a) (0,2 pto.) Focos: são o ponto F1 (−4, 0) e F2 (4, 0); b) (0,2 pto.) Distância focal: é a distância 2c entre os focos, ou seja 2c = 8; c) (0,2 pto.) Centro: C(0, 0); d) (0,2 pto.) Eixo maior: é o segmento A1 A2 de comprimento 2a = 10; e) (0,2 pto.) Eixo menor: é o segmento B1 B2 de comprimento 2b = 6; f) (0,8 pto.) Vértices: são os pontos A1 (−5, 0), A2 (5, 0), B1 (0, −3) e B2 (0, 3); g) (0,2 pto.) Excentricidade: e = ac = 45 . h) (0,5 pto.) Um esboço do gráfico. 2