Biologia II
4. C
Planta A: VV
Planta B: Vv
Planta C: vv
Respostas
•
A resposta acima foi encontrada graças a seguinte análise:
(Planta A x Planta C) = VV x vv = 100 % Vv (plantas com
ervilhas amarelas)
(Panta B x Planta C) = Vv x vv = 50% Vv (plantas de ervilhas
amarelas) e (50% plantas com ervilhas verdes)
Cap. 28 – A Primeira Lei de Mendel
1. A
Como o cruzamento que foi realizado no experimento
foi exclusivamente de indivíduos recessivos, ou melhor,
elefantes com caráter de orelhas pequenas, os descendentes,
obrigatoriamente, serão 100% com o mesmo caráter dos
antecessores (homozigotos recessivos).
•
2. A
Cruzamento: Aa x Aa
Possíveis genótipos dos descendentes: AA; Aa; Aa; aa.
Resposta: probabilidade de nascer um descedente homem
e heterozigoto:
Homem: 1/2
Hetrozigoto: 2/4
Homem e Hetrozigoto: 1/2 x 2/4 = 2/8 = 1/4 = 0,25 = 25%
1. C
Analisando a família quanto ao sistema ABO, a irmã (O – ii)
não pode ser filha biológica de um homem AB (IAIB), pois,
também a mãe é do tipo O (ii), podendo ter filhos do tipo A
ou do tipo B. Agora, pela análise do lobo da orelha, o menino
pode ser filho biológico, desde que o casal seja heterozigoto
para esta característica.
3. D
No enunciado da questão se verifica que o gene (E) sendo
maiúsculo representa aquele o caráter dominante e o gene
(e) minúsculo representa o caráter recessivo. Desse modo,
os par homozigoto dominante (EE) e o par heterozigoto (Ee)
correspondem ao caráter dominante: lobo livre ou decolado.
enquanto o par homozigoto (ee) corresponde ao caráter
recessivo: lobo preso ou colado. Tendo, então, como reposta
a opção (D).
2. B
Jovem do sexo masculino – genótipo: ii – rr (Fenótipo: O, Rh-)
(pai)
Jovem do sexo feminino – genótipo: IAi – rr (Fenótipo: A, Rh -)
(mãe)
– Probabilidade de o descendente ser do tipo O (igual o do
pai): 50% (1/2), pois:
Cruzamento: (ii) x (IAi). Possibilidade de descendentes:
50% (ii) e 50% (IAi).
4. C
FENÓTIPO
GENÓTIPO
Com capacidade de latir
SS, Ss
Sem capacidade de latir
ss
– Probabilidade de o descendente ser do tipo Rh – (igual o
do pai):100% (1), pois:
Cruzamento: (rr) x (rr). Possibilidade de descendentes:
100% (rr).
Resposta: Probabilidade de descendente do tipo O e
Rh - : 1/2 x 1 = 1/2.
Cruzamento:
ss x Ss
Descendentes:
50% de cães com capacidade de latir e heterozigoto (Ss).
50% de cães sem capacidade de latir e homozigoto
recessivo (ss).
Resposta: com capacidade de latir e heterozigoto (Ss) e
do sexo masculino = 1/2 X 1/2 = 1/4.
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•
•
3. D
Existe a possibilidade de Mariazinha ser filha do casal, mas não
se pode afirmar, pois, somente se Antônio fosse heterozigoto
para o tipo B e heterozigoto para Rh+ e Joana heterozigota
para o tipo A.
Cap. 29 – Noções de probabilidade
1. D
No cruzamento IV, os pais são heterozigotos, pois o fato de ambos
serem brancos e terem um descendente de pelagem negra.
4. I. Está correto, pois, caso os pais sejam do tipo sanguíneo
O, nascerá todos os descendentes O, ou melhor:
2. D
Para não ser portadora ela tem que ser homozigoto dominante
(AA). Assim sendo, tem-se: AA, Aa, Aa, ou melhor, 1/3.
Casal Tipo O: (ii) x (ii)
Descendentes: 100% tipo O.
3. C
A mulher (II) é heterozigota e assim tem 50% de chance de
gerar um gameta com o gene recessivo. Veja:
P: O homem ( I ) aa x mulher ( II ) Aa
II.Está errado, pois, os descendentes seriam 100% do
tipo AB se o casal fosse homozigoto para o tipo A e
homozigoto para o tipo B.
III.Está correto, caso o casal A sejam heterozigotos. Veja:
Casal Tipo A: (IAi) x (IAi)
Possíveis descendentes: (IAi) – tipo A (50%) e (ii) – Tipo O
(50%)
Gametas possíveis:
Do homem ( I ) 100% ( a)
Da mulher ( II ) 50% ( A ) e 50 % ( a ).
Possíveis descendentes: aa (50%) (míope) e Aa (50%)
ensino médio
Cap. 30 – Alelos múltiplos e grupos
sanguíneos
1
2º ano
•
Cap. 31 – Segunda Lei de Mendel
•
Cap. 32 – Pleiotropia e interação gênica
1. D
1. C
Indivíduo Destro – Genótipo: CC; Cc
Indivíduo Canhoto – Genótipo: cc
Indivíduo de Visão Normal – Genótipo: MM; Mm
Indivíduo Míope – Genótipo: mm
Para se descobrir o número de fenótipos diferentes numa
herança quantitativa, faz-se:
Nº de fenótipos = (número total de genes) + 1
Número total de genes: 8 (pois, na questão, são 4 pares de
genes)
Resposta: Número de fenótipos: 8 + 1 = 9
Indivíduo (1) no heredograma: cc; Mm
Indivíduo (2) no heredograma: Cc; mm
Casal (1) × (2)
cc × Cc
2. C
Abaixo estão os genótipos e os respectivos fenótipos até
5 cm nesta questão sobre herança quantitativa:
aabbcc – 3 cm
Aabbcc; aaBbcc; aabbCc – 4 cm
AAbbcc; aaBBcc; aabbCC; AaBbcc; aaBbCc; AabbCc – 5cm
...
Observação:
Sabe-se que os outros fenótipos vão até 9 cm (AABBCC).
Possibilidade de descendentes: Cc ( 50%); cc (50%)
Mm x mm
Possibilidade de descendentes: Mm (50%); mm (50%)
Probabilidade de uma criança destra: 1/2
Probabilidade de uma criança de visão normal: 1/2
Resposta: 1/2 × 1/2 = 1/4
Cruzamento:
AABbCc x aaBbcc
Indivíduo (AABbCc). Tipos de gametas:
2. B
Indivíduo Destro: Gene Dominante: E – Genótipos: EE; Ee
Individuo Canhoto: Gene Recessivo: e – Genótipo: ee
ABC
ABc
Indivíduo sensível à PTC: Gene Dominante: I – Genótipos: II; Ii
Indivíduo insensível à PTC: Gene Recessivo: i – Genótipo: ii
AbC
Abc
Casal:
Homem (eeIi) x Mulher (EeIi)
Indivíduo (aaBbcc). Tipos de Gametas:
aBc
Qual a probabilidade de esse casal vir a ter uma criança
canhota e sensível ao PTC?
ee x Ee
abc
Descendentes: Ee (criança destra) (50%)
Descendentes: ee (criança canhota) (50%)
Ii x Ii
Descendentes: II; Ii (criança sensível à PTC) (75%)
Descendentes: ii (criança insensível à PTC) (25%)
Resposta: Probabilidade (criança canhota e sensível à
PTC) = (50%) x (75%) = 1/2 x 3/4 = 3/8
3. D
A intérfase antecede a mitose e a meiose e, além disso,
ocorre a duplicação do DNA e a síntese de protéina. Com a
duplicação da carga genética, ambas as células (espermatócito
e célula do sangue) na intérfase terão: AAaaBBbb.
GENÓTIPO DOS GAMETAS
aBc
abc
ABC
AaBBCc
AaBbCc
ABc
AaBBcc
AaBbcc
AbC
AaBbCc
AabbCc
Abc
AaBbcc
Aabbcc
Os possíveis descendentes com os genótipos desejados, ou
melhor, AAbbcc; aaBBcc; aabbCC; AaBbcc; aaBbCc; AabbCc
e fenótipo 5 cm totalizam: 3 possibilidades observadas na
tabela (AaBbcc; AaBbcc e AabbCc) de 8 posibilidades o total.
Então, fica a resposta: 3/8.
3. B
A questão acima trata sobre epistasia recessiva e aqui
corresponde ao fato de um par de alelos recessivos possuem
o efeito inibir sobre um gene não alélico. Como acima não
menciona qual é o par recessivo epistático, conclui-se:
–Se aa for o par recessivo epistático, os genes hipotáticos
são B e b.
–se bb for o par recessivo epistático, os genes hipostáticos
são A e a.
4. E
Com a autopolinização haverá a fecundação (reprodução
sexuada) da célula reprodutora feminina (AB) pela célula
reprodutora masculina (ab), formando, assim, um indivíduo
diploide (embrião) com constituição AaBb.
ensino médio
Abaixo, estão as possibilidades de gametas dos indivíduos
do cruzamento acima e os possíveis descendentes:
2
2º ano
4. A
Observando a porcentagem de descendentes, conclui-se
que os genes a e b estão em linkage (ou seja, no mesmo
cromossomo) e houve permutação (ou crossing over).
4. CCECE
A questão trata sobre interação gênica não epistática, visto
que não há algum efeito inibidor entre os genes e o exemplo
analisado é sobre a crista dos galináceos, os quais possuem
os seguintes genótipos:
rrEE; rrEe = crista ervilha
Rree; RRee = crista rosa
RREE; RREe; RrEE; RrEe = crista noz
Rree = crista simples
Na questão, observa-se:
O cruzamento de uma galinha de crista rosa com um galo
de crista ervilha resultou descendentes com crista simples.
Então, tem-se:
Rree (galinha de crista rosa) x rrEe (galo com crista ervilha)
Gametas (Rree): Re; re
Gametas (rrEe): rE; re
O que torna o primeiro item como correto (C) A galinha tem
o genótipo Rree.
Observe a tabela dos possíveis descendentes:
rE
re
Re
RrEe
Rree
re
rrEe
rree
Probabilidade de um descendente de crista noz (RrEe) = 1/4,
o que torna correto o item: A probabilidade de que esse
cruzamento origine uma ave de crista noz é de 25%. Além
disso, o cruzamento entre os descendentes com crista noz
resultará em 1/16 de aves com crista simples, ou melhor:
RrEe (galo com crista noz) x RrEe (galinha com crista noz):
Análise de descendentes:
Rr x Rr
RR; Rr; Rr; rr
P(rr) = 1/4
Ee x Ee
EE; Ee; Ee; ee
P(ee) = 1/4
Resposta: P(rree – crista simples) = 1/4 x 1/4 = 1/16.
•
Cap. 33 – Linkage e mapas genéticos
1. D
Lembrando que para responder a questão, faz-se necessário
somente saber que a porcentagem representa a distância
entre os genes nos cromossomos. Desse modo, colocando
o gene A como referencial, tem-se a sequência: ADBC
2. B
Quanto maior a taxa de recombinação, maior é a distância
entre os genes da questão. Assim sendo, colocando X como
referencial, tem-se como resposta: XYZ
3. C
Ao se observar a porcentagem dos gametas, nota-se que
foge da proporção da segregação independente mendeliana.
Assim sendo, quando as porcentagens de gametas ficam em
50% AB e 50% ab, conclui-se que os genes estão ligados
(ou seja, em linkage) e não ocorreu pemutação (ou crossing
over).
ensino médio
3
2º ano