Fuvest ETAPA 2 PROVA V QUESTÃO 1 O ácido gama-hidroxibutírico é utilizado no tratamento do alcoolismo. Esse ácido pode ser obtido a partir da gamabutirolactona, conforme a representação a seguir: QUESTÃO 2 A uma determinada temperatura, as substâncias HI, H2 e I2 estão no estado gasoso. A essa temperatura, o equilíbrio entre as três substâncias foi estudado, em recipientes fechados, partindo-se de uma mistura equimolar de H2 e I2 (experimento A) ou somente de HI (experimento B). Assinale a alternativa que identifica corretamente X (de modo que a representação respeite a conservação da matéria) e o tipo de transformação que ocorre quando a gamabutirolactona é convertida no ácido gama-hidroxibutírico. X Tipo de transformação a) CH3OH esterificação b) H2 hidrogenação c) H2O hidrólise d) luz isomerização e) calor decomposição alternativa C A reação química é uma hidrólise de um éster cíclico que produz um álcool-ácido de cadeia aberta. Portanto, a substância X é H2O. Parte-1.indd 2 Pela análise dos dois gráficos, pode-se concluir que a) no experimento A, ocorre diminuição da pressão total no interior do recipiente, até que o equilíbrio seja atingido. b) no experimento B, as concentrações das substâncias (HI, H2 e I2) são iguais no instante t1. c) no experimento A, a velocidade de formação de HI aumenta com o tempo. 26/11/2012 00:41:04 Fuvest d) no experimento B, a quantidade de matéria (em mols) de HI aumenta até que o equilíbrio seja atingido. e) no experimento A, o valor da constante de equilíbrio (K1) é maior do que 1. alternativa E No experimento A, a expressão da constante de equilíbrio é dada por: KC = [HI] 2 [H2 ] $ [I2 ] Como [HI] > [H2] = [I2], pela análise do gráfico, temos: [HI]2 > [H2] ⋅ [I2] Logo: [HI] 2 >1 [H2 ] $ [I2 ] Desse modo: Kc >1 QUESTÃO 3 Quando certos metais são colocados em contato com soluções ácidas, pode haver formação de gás hidrogênio. Abaixo, segue uma tabela elaborada por uma estudante de Química, contendo resultados de experimentos que ela realizou em diferentes condições. Reagentes Experi- Solução de mento HC,(aq) de concentração 0,2 mol/L Metal Tempo para liberar 30 mL de H2 Observações 1 200 mL 1,0 g de Zn (raspas) 30 s Liberação de H2 e calor 2 200 mL 1,0 g de Cu (fio) Não liberou H2 Sem alterações 200 mL 1,0 g de Zn (pó) 18 s Liberação de H2 e calor 200 mL 1,0 g de Zn (raspas) + 1,0 g de Cu (fio) 3 4 ETAPA 3 8s Liberação de H2 e calor; massa de Cu não se alterou II. O aumento na concentração inicial do ácido causa o aumento da velocidade de liberação do gás H2. III. Os resultados dos experimentos 1 e 3 mostram que, quanto maior o quociente superfície de contato/massa total de amostra de Zn, maior a velocidade de reação. Com os dados contidos na tabela, a estudante somente poderia concluir o que se afirma em a) I. b) II. c) I e II. d) I e III. e) II e III. alternativa D Somente a partir dos dados da tabela, a estudante poderia fazer as seguintes afirmações: • afirmação I: o experimento 4, quando comparado ao 1, mostra que na presença de cobre a reação química ocorre mais rapidamente (menor tempo para liberar 30 mL de H2(g)). • afirmação III: a comparação dos tempos para a obtenção de 30 mL de H2(g) nos experimentos 1 e 3 demonstra que, aumentando-se o estado de subdivisão de um sólido reagente (superfície de contato/ massa), tem-se um aumento na velocidade de reação. A afirmação II não pode ser realizada porque os experimentos não envolveram uma variação na concentração do ácido. Comentário: é possível que a maior velocidade observada no experimento 4, em comparação com o 1, seja devido a outros fatores não tabelados, por exemplo, a temperatura. QUESTÃO 4 Um aluno estava analisando a Tabela Periódica e encontrou vários conjuntos de três elementos químicos que apresentavam propriedades semelhantes. Após realizar esses experimentos, a estudante fez três afirmações: I. A velocidade da reação de Zn com ácido aumenta na presença de Cu. Parte-1.indd 3 26/11/2012 00:41:05 Fuvest Assinale a alternativa na qual os conjuntos de três elementos ou substâncias elementares estão corretamente associados às propriedades indicadas no quadro abaixo. Reatividades semelhantes Mesmo estado físico à temperatura ambiente Pt, Au, Hg H2, He, Li Cl2, Br2, I2 C,, Br, I O2, F2, Ne Ne, Ar, Kr Números atômicos consecutivos a) b) c) Li, Na, K O2, F2, Ne Pt, Au, Hg d) Ne, Ar, Kr Mg, Ca, Sr Cl2, Br2, I2 e) Pt, Au, Hg Li, Na, K Ne, Ar, Kr alternativa E Pt, Au e Hg apresentam números atômicos consecutivos, pois estão em sequência num mesmo período. Li, Na e K apresentam reatividades semelhantes, pois pertencem à mesma família (grupo). Ne, Ar e Kr encontram-se no estado gasoso à temperatura ambiente (gases nobres), portanto no mesmo estado físico. QUESTÃO 5 O craqueamento catalítico é um processo utilizado na indústria petroquímica para converter algumas frações do petróleo que são mais pesadas (isto é, constituídas por compostos de massa molar elevada) em frações mais leves, como a gasolina e o GLP, por exemplo. Nesse processo, algumas ligações químicas nas moléculas de grande massa molecular são rompidas, sendo geradas moléculas menores. A respeito desse processo, foram feitas as seguintes afirmações: I. O craqueamento é importante economicamente, pois converte frações mais pesadas de petróleo em compostos de grande demanda. II. O craqueamento libera grande quantidade de energia, proveniente da ruptura de ligações químicas nas moléculas de grande massa molecular. III. A presença de catalisador permite que as transformações químicas envolvidas no craqueamento ocorram mais rapidamente. Parte-1.indd 4 ETAPA 4 Está correto o que se afirma em a) I, apenas. b) II, apenas. c) I e III, apenas. d) II e III, apenas. e) I, II e III. alternativa C I. Correta. O craqueamento transforma compostos de maior massa em compostos de menor massa, que apresentam maior interesse econômico, como a gasolina e o GLP. II. Incorreta. A ruptura de ligações químicas é um processo que absorve energia. III. Correta. O uso de catalisadores diminui a energia de ativação de uma reação química, fazendo com que a reação ocorra de modo mais rápido. QUESTÃO 6 A porcentagem em massa de sais no sangue é de aproximadamente 0,9%. Em um experimento, alguns glóbulos vermelhos de uma amostra de sangue foram coletados e separados em três grupos. Foram preparadas três soluções, identificadas por X, Y e Z, cada qual com uma diferente concentração salina. A cada uma dessas soluções foi adicionado um grupo de glóbulos vermelhos. Para cada solução, acompanhou-se, ao longo do tempo, o volume de um glóbulo vermelho, como mostra o gráfico. Com base nos resultados desse experimento, é correto afirmar que a) a porcentagem em massa de sal, na solução Z, é menor do que 0,9%. b) a porcentagem em massa de sal é maior na solução Y do que na solução X. 26/11/2012 00:41:05 Fuvest ETAPA 5 c) a solução Y e a água destilada são isotônicas. d) a solução X e o sangue são isotônicos. e) a adição de mais sal à solução Z fará com que ela e a solução X fiquem isotônicas. alternativa B Como o volume do glóbulo vermelho não variou quando em contato com a solução Y, conclui-se que ela seja isotônica em relação ao sangue. Já a solução X é hipotônica em relação ao sangue, uma vez que o volume dos glóbulos vermelhos aumentou com o contato com essa solução. Logo, podemos concluir que a solução Y é mais concentrada do que a X. QUESTÃO 7 A partir de considerações teóricas, foi feita uma estimativa do poder calorífico (isto é, da quantidade de calor liberada na combustão completa de 1 kg de combustível) de grande número de hidrocarbonetos. Dessa maneira, foi obtido o seguinte gráfico de valores teóricos: alternativa B Segundo o gráfico, quando o calor liberado for de 10 700 kcal/kg, a relação entre as massas de carbono e hidrogênio do hidrocarboneto vale 6. A relação em mols será: 6 gC 1 g H 1 mol C 1 mol C $ $ = 1 mol H 12 g C 2 mol H 1g H S relação massa−massa S m. molar S m. molar Portanto, a fórmula mínima do hidrocarboneto é CH2. Das alternativas apresentadas, o único que possui essa fórmula mínima é o eteno (C2H4). QUESTÃO 8 Um funcionário de uma empresa ficou encarregado de remover resíduos de diferentes polímeros que estavam aderidos a diversas peças. Após alguma investigação, o funcionário classificou as peças em três grupos, conforme o polímero aderido a cada uma. As fórmulas estruturais de cada um desses polímeros são as seguintes: Com base no gráfico, um hidrocarboneto que libera 10.700 kcal/kg em sua combustão completa pode ser representado pela fórmula Dados: Massas molares (g/mol) a) CH4 b) C2H4 d) C5H8 e) C6H6 Parte-1.indd 5 C = 12,0 H = 1,00 c) C4H10 Para remover os resíduos de polímero das peças, o funcionário dispunha de apenas dois solventes: água e n-hexano. O funcionário analisou as fórmulas estruturais dos três polímeros e procurou fazer a correspondência entre cada polímero e o solvente 26/11/2012 00:41:05 Fuvest mais adequado para solubilizá-lo. A alternativa que representa corretamente essa correspondência é: Polímero I Polímero II Polímero III a) água n-hexano água b) n-hexano água n-hexano c) n-hexano água água d) água água n-hexano e) água n-hexano n-hexano alternativa A QUESTÃO 9 Uma moeda antiga de cobre estava recoberta com uma camada de óxido de cobre (II). Para restaurar seu brilho original, a moeda foi aquecida ao mesmo tempo em que se passou sobre ela gás hidrogênio. Nesse processo, formou-se vapor de água e ocorreu a redução completa do cátion metálico. As massas da moeda, antes e depois do processo descrito, eram, respectivamente, 0,795 g e 0,779 g. Assim sendo, a porcentagem em massa do óxido de cobre (II) presente na moeda, antes do processo de restauração, era Dados: Massas molares (g/mol) b) 4% c) 8% H = 1,00 O = 16,0 Cu = 63,5 d) 10% e) 16% alternativa D A retirada da camada de óxido de cobre (II) foi feita pela seguinte reação: CuO(s) + H2(g) " Cu(s) + H2O(g) Parte-1.indd 6 Logo, pela equação, a perda de massa está associada à formação de água (oxigênio “retirado“ da camada). Cálculo da massa O retirado: mO = 0,795 – 0,779 = 0,016 g O Cálculo da massa de CuO: 1 mol O 1 mol CuO 0,016 g O $ $ $ 16 g O 1 mol O 1 4 2 4 3 1 44 2 44 3 m. molar $ fórmula 79,5 g CuO = 0,0795 g CuO 1 mol CuO 144 4244 43 m. molar Os polímeros I e III apresentam muitas ligações polares (H — O —), sendo mais solúveis em solventes muito polares, como a H2O, devido à formação de ligações de hidrogênio entre soluto e solvente. O polímero II é um hidrocarboneto apolar, que é mais solúvel em solventes apolares como o n-hexano (C6H14). Nesse caso, as interações soluto-solvente são as forças de Van der Waals. a) 2% ETAPA 6 Logo, a porcentagem em massa de CuO presente na moeda antes do processo de restauração será: 0,0795 g % CuO = ⋅ 100% = 10% 0,795 g QUESTÃO 10 O fitoplâncton consiste em um conjunto de organismos microscópicos encontrados em certos ambientes aquáticos. O desenvolvimento desses organismos requer luz e CO2, para o processo de fotossíntese, e requer também nutrientes contendo os elementos nitrogênio e fósforo. Considere a tabela que mostra dados de pH e de concentrações de nitrato e de oxigênio dissolvidos na água, para amostras coletadas durante o dia, em dois diferentes pontos (A e B) e em duas épocas do ano (maio e novembro), na represa Billings, em São Paulo. Concentração de nitrato (mg/L) Concentração de oxigênio (mg/L) Ponto A 9,8 (novembro) 0,14 6,5 Ponto B 9,1 (novembro) 0,15 5,8 pH Ponto A (maio) 7,3 7,71 5,6 Ponto B (maio) 7,4 3,95 5,7 26/11/2012 00:41:06 Fuvest Com base nas informações da tabela e em seus próprios conhecimentos sobre o processo de fotossíntese, um pesquisador registrou três conclusões: I. Nessas amostras, existe uma forte correlação entre as concentrações de nitrato e de oxigênio dissolvidos na água. II. As amostras de água coletadas em novembro devem ter menos CO2 dissolvido do que aquelas coletadas em maio. III. Se as coletas tivessem sido feitas à noite, o pH das quatro amostras de água seria mais baixo do que o observado. É correto o que o pesquisador concluiu em a) I, apenas. b) III, apenas. c) I e II, apenas. d) II e III, apenas. e) I, II e III. alternativa D I. Incorreta. Observando a tabela, a variação das concentrações de nitrato e oxigênio não apresentam forte correlação. II. Correta. A dissolução de CO2 na água envolve o seguinte equilíbrio: CO2(aq) + H2O(,) EH(+aq) + HCO3−(aq) Logo, o teor de CO2 dissolvido influencia diretamente o pH do meio. Quanto menor a quantidade de CO2 dissolvido, maior é o pH (menos ácido). III. Correta. Na ausência de luz, não ocorrerá fotossíntese e a quantidade de CO2 dissolvido aumenta, tornando o meio mais ácido (menor pH), conforme a equação química anterior. QUESTÃO 11 Admite-se que as cenouras sejam originárias da região do atual Afeganistão, tendo sido levadas para outras partes do mundo por viajantes ou invasores. Com base em relatos escritos, pode-se dizer que as cenouras devem ter sido levadas à Europa no século XII e, às Américas, no início do século XVII. Parte-1.indd 7 ETAPA 7 Em escritos anteriores ao século XVI, há referência apenas a cenouras de cor roxa, amarela ou vermelha. É possível que as cenouras de cor laranja sejam originárias dos Países Baixos, e que tenham sido desenvolvidas, inicialmente, à época do Príncipe de Orange (1533-1584). No Brasil, são comuns apenas as cenouras laranja, cuja cor se deve à presença do pigmento betacaroteno, representado a seguir. Com base no descrito acima, e considerando corretas as hipóteses ali aventadas, é possível afirmar que as cenouras de coloração laranja a) podem ter sido levadas à Europa pela Companhia das Índias Ocidentais e contêm um pigmento que é um polifenol insaturado. b) podem ter sido levadas à Europa por rotas comerciais norte-africanas e contêm um pigmento cuja molécula possui apenas duplas ligações cis. c) podem ter sido levadas à Europa pelos chineses e contêm um pigmento natural que é um poliéster saturado. d) podem ter sido trazidas ao Brasil pelos primeiros degredados e contêm um pigmento que é um polímero natural cujo monômero é o etileno. e) podem ter sido trazidas a Pernambuco durante a invasão holandesa e contêm um pigmento natural que é um hidrocarboneto insaturado. alternativa E O betacaroteno, pigmento de cor laranja, é um hidrocarboneto, pois é constituído somente de átomos de carbono e hidrogênio e é insaturado (ligações duplas). O texto afirma que a cenoura de cor laranja pode ter sido desenvolvida nos Países Baixos na época do príncipe de Orange (1533-1584); assim, os holandeses podem ter trazido tais cenouras na invasão de Pernambuco (1637-1644). 26/11/2012 00:41:06 Fuvest QUESTÃO 12 Louis Pasteur realizou experimentos pioneiros em Microbiologia. Para tornar estéril um meio de cultura, o qual poderia estar contaminado com agentes causadores de doenças, Pasteur mergulhava o recipiente que o continha em um banho de água aquecida à ebulição e à qual adicionava cloreto de sódio. Com a adição de cloreto de sódio, a temperatura de ebulição da água do banho, com relação à da água pura, era ______. O aquecimento do meio de cultura provocava _______. As lacunas podem ser corretamente preenchidas, respectivamente, por: a) maior; desnaturação das proteínas das bactérias presentes. b) menor; rompimento da membrana celular das bactérias presentes. c) a mesma; desnaturação das proteínas das bactérias. d) maior; rompimento da membrana celular dos vírus. e) menor; alterações no DNA dos vírus e das bactérias. alternativa A Com a adição de cloreto de sódio, a temperatura de ebulição da água do banho, com relação à da água pura, era maior. O aquecimento do meio de cultura provocava desnaturação das proteínas das bactérias presentes, tornando o meio de cultura estéril. QUESTÃO 13 Em um recipiente termicamente isolado e mantido a pressão constante, são colocados 138 g de etanol líquido. A seguir, o etanol é aquecido e sua temperatura T é medida como função da quantidade de calor Q a ele transferida. A partir do gráfico de T×Q, apresentado na figura a seguir, pode-se determinar o calor específico molar para o estado líquido e o calor latente molar de vaporização do etanol como sendo, respectivamente, próximos de Parte-1.indd 8 ETAPA 8 a) 0,12 kJ/(moloC) e 36 kJ/mol. b) 0,12 kJ/(moloC) e 48 kJ/mol. c) 0,21 kJ/(moloC) e 36 kJ/mol. d) 0,21 kJ/(moloC) e 48 kJ/mol. e) 0,35 kJ/(moloC) e 110 kJ/mol. Note e adote: Fórmula do etanol: C2H5OH Massas molares: C(12 g/mol), H(1 g/mol), O(16 g/mol) alternativa A O número de mols contidos em 138 g de etanol é dado por: m 138 n= &n= & M 2 $ 12 + 1 $ 16 + 6 $ 1 & n = 3 mols Do gráfico, para o trecho líquido, podemos calcular o calor específico molar do etanol, dado por: QL = ncΔθ & 35 − 0 = 3c $ (80 − (−20)) & & C = 0,12 kJ/ (mol $ oC) Do gráfico, para o trecho da vaporização, temos: Qv = n ⋅ L & 145 – 35 = 3 ⋅ L & & L = 36 kJ/mol QUESTÃO 14 Compare as colisões de uma bola de vôlei e de uma bola de golfe com o tórax de uma pessoa, parada e em pé. A bola de vôlei, com massa de 270 g, tem velocidade de 30 m/s 26/11/2012 00:41:06 Fuvest ETAPA 9 quando atinge a pessoa, e a de golfe, com 45 g, tem velocidade de 60 m/s ao atingir a mesma pessoa, nas mesmas condições. Considere ambas as colisões totalmente inelásticas. É correto apenas o que se afirma em: a) Antes das colisões, a quantidade de movimento da bola de golfe é maior que a da bola de vôlei. b) Antes das colisões, a energia cinética da bola de golfe é maior que a da bola de vôlei. c) Após as colisões, a velocidade da bola de golfe é maior que a da bola de vôlei. d) Durante as colisões, a força média exercida pela bola de golfe sobre o tórax da pessoa é maior que a exercida pela bola de vôlei. e) Durante as colisões, a pressão média exercida pela bola de golfe sobre o tórax da pessoa é maior que a exercida pela bola de vôlei. QUESTÃO 15 No experimento descrito a seguir, dois corpos, feitos de um mesmo material, de densidade uniforme, um cilíndrico e o outro com forma de paralelepípedo, são colocados dentro de uma caixa, como ilustra a figura a seguir (vista de cima). Note e adote: A massa da pessoa é muito maior que a massa das bolas. As colisões são frontais. O tempo de interação da bola de vôlei com o tórax da pessoa é o dobro do tempo de interação da bola de golfe. A área média de contato da bola de vôlei com o tórax é 10 vezes maior que a área média de contato da bola de golfe. alternativa E Do Teorema do Impulso e da definição de pressão média, vem: F m| v − v0 | p= &p= A Δt $ A I = F $ Δt = m| v − v0 | Sendo pg a pressão exercida pela bola de golfe e pv a pressão exercida pela bola de vôlei, temos: mg| 0 − v0g | 45| 0 − 60 | Δtg $ Ag pg = = pv mv| 0 − v0v | Δtv $ Av & pg = 6, 7pv Parte-1.indd 9 Δtg $ Ag 270| 0 − 30 | 2 $ Δtg $ 10 $ Ag & Um feixe fino de raios X, com intensidade constante, produzido pelo gerador G, atravessa a caixa e atinge o detector D, colocado do outro lado. Gerador e detector estão acoplados e podem mover-se sobre um trilho. O conjunto Gerador-Detector é então lentamente deslocado ao longo da direção x, registrando-se a intensidade da radiação no detector, em função de x. A seguir, o conjunto Gerador-Detector é reposicionado, e as medidas são repetidas ao longo da direção y. As intensidades I detectadas ao longo das direções x e y são mais bem representadas por 26/11/2012 00:41:06 Fuvest ETAPA 10 tectada aumenta. A seguir, com o conjunto passando pelo paralelepípedo de espessura uniforme, a intensidade detectada é menor e constante ao longo de x. Na situação em que o sistema é deslocado ao longo de y, há uma diminuição da intensidade detectada devido ao cilindro e ao paralelepípedo com a superposição dos corpos, como é representado na alternativa D. a) b) QUESTÃO 16 No circuito da figura a seguir, a diferença de potencial, em módulo, entre os pontos A e B é de c) d) e) a) 5 V. d) 1 V. b) 4 V. e) 0 V. c) 3 V. alternativa B Note e adote: A absorção de raios X pelo material é, aproximadamente, proporcional à sua espessura, nas condições do experimento. alternativa D Quando o gerador-detector é deslocado ao longo de x, à medida que o feixe atravessa o cilindro, sua espessura aumenta e a intensidade da detecção diminui até o feixe passar pelo eixo do cilindro. Após esse ponto, a espessura diminui e a intensidade de- Parte-1.indd 10 Pelo resistor de 4 kΩ, que tem seu terminal ligado em A, não passa corrente (trecho em aberto). Logo, vem: 2 = 5 kΩ = 5 ⋅ 103 Ω Req. = 4 + 2 A corrente (i) total será: U 5 & i = 1 ⋅ 10–3 A i= = Req. 5 $103 A diferença de potencial entre os pontos A e B (UAB) será apenas a d.d.p. sobre o resistor de 4 kΩ que é percorrido pela corrente total. Assim, temos: UAB = Ri = 4 ⋅ 103 ⋅ 1 ⋅ 10–3 & UAB = 4 V 26/11/2012 00:41:06 Fuvest QUESTÃO 17 Um raio proveniente de uma nuvem transportou para o solo uma carga de 10 C sob uma diferença de potencial de 100 milhões de volts. A energia liberada por esse raio é a) 30 MWh. b) 3 MWh. c) 300 kWh. d) 30 kWh. e) 3 kWh. Note e adote: 1 J = 3 × 10–7 kWh alternativa C A energia liberada por esse raio é dada por: E = Q ⋅ U = 10 ⋅ 100 ⋅ 106 = 1 ⋅ 109 J Como 1 J = 3 ⋅ 10–7 kWh, temos: E = 1 ⋅ 109 ⋅ 3 ⋅ 10–7 & E = 300 kWh QUESTÃO 18 A extremidade de uma fibra ótica adquire o formato arredondado de uma microlente ao ser aquecida por um laser, acima da temperatura de fusão. A figura abaixo ilustra o formato da microlente para tempos de aquecimento crescentes (t1 < t2 < t3). Considere as afirmações: I. O raio de curvatura da microlente aumenta com tempos crescentes de aquecimento. II. A distância focal da microlente diminui com tempos crescentes de aquecimento. III. Para os tempos de aquecimento apresentados na figura, a microlente é convergente. Está correto apenas o que se afirma em a) I. b) II. c) III. d) I e III. e) II e III. Parte-1.indd 11 ETAPA 11 Note e adote: A luz se propaga no interior da fibra ótica, da esquerda para a direita, paralelamente ao seu eixo. A fibra está imersa no ar e o índice de refração do seu material é 1,5. alternativa E I. Incorreto. Para a lente plano-convexa, onde R é o raio da face convexa, para t1 < t2 < t3 teremos R3 < R2 < R1. II. Correto. Quanto menor o raio de uma lente plano-convexa, maior seu poder de desviar o raio de luz, portanto maior a sua vergência. Sendo a vergência inversamente proporcional à distância focal, a mesma diminui. III. Correto. Sendo a lente plano-convexa uma lente de bordas finas, quando imersa em um meio menos refringente, será convergente. QUESTÃO 19 A energia potencial elétrica U de duas partículas em função da distância r que as separa está representada no gráfico da figura abaixo. Uma das partículas está fixa em uma posição, enquanto a outra se move apenas devido à força elétrica de interação entre elas. Quando a distância entre as partículas varia de ri = 3 x 10–10 m a rf = 9 x 10–10 m, a energia cinética da partícula em movimento 26/11/2012 00:41:07 Fuvest ETAPA 12 a) diminui 1 x 10–18 J. b) aumenta 1 x 10–18 J. c) diminui 2 x 10–18 J. d) aumenta 2 x 10–18 J. e) não se altera. alternativa D Da conservação da energia, temos: Eci + Ui = Ecf + Uf & Ecf – Eci = –(Uf – Ui) & & ΔEc = –(ΔU) = –(1 ⋅ 10–18 – 3 ⋅ 10–18) & O comprimento ,Lá correspondente ao tubo com frequência fundamental 220 Hz (Lá) é encontrado por: v = λLá $ fLá & v = 4 $ ,Lá $ fLá & λLá = 4 $ ,Lá & 330 = 4 ⋅ ,Lá ⋅ 220 & ,Lá = 0,375 m & & ,Lá = 37 cm QUESTÃO 21 & ΔEc = 2 ⋅ 10–18J Assim, concluímos que a energia cinética da partícula em movimento aumenta 2 ⋅ 10–18J. QUESTÃO 20 Uma flauta andina, ou flauta de pã, é constituída por uma série de tubos de madeira, de comprimentos diferentes, atados uns aos outros por fios vegetais. As extremidades inferiores dos tubos são fechadas. A frequência fundamental de ressonância em tubos desse tipo corresponde ao comprimento de onda igual a 4 vezes o comprimento do tubo. Em uma dessas flautas, os comprimentos dos tubos correspondentes, respectivamente, às notas Mi (660 Hz) e Lá (220 Hz) são, aproximadamente, a) 6,6 cm e 2,2 cm. b) 22 cm e 5,4 cm. c) 12 cm e 37 cm. d) 50 cm e 1,5 m. e) 50 cm e 16 cm. Note e adote: A velocidade do som no ar é igual a 330 m/s. alternativa C Pela equação fundamental da ondulatória, temos que o comprimento ,Mi correspondente ao tubo com frequência fundamental 660 Hz (Mi) é dado por: v = λMi $ fMi & v = 4 $ ,Mi $ fMi & λMi = 4 $ ,Mi & 330 = 4 ⋅ ,Mi ⋅ 660 & ,Mi = 0,125 m & & ,Mi = 12 cm Parte-1.indd 12 O pêndulo de um relógio é constituído por uma haste rígida com um disco de metal preso em uma de suas extremidades. O disco oscila entre as posições A e C, enquanto a outra extremidade da haste permanece imóvel no ponto P. A figura anterior ilustra o sistema. A força resultante que atua no disco quando ele passa por B, com a haste na direção vertical, é a) nula. b) vertical, com sentido para cima. c) vertical, com sentido para baixo. d) horizontal, com sentido para a direita. e) horizontal, com sentido para a esquerda. Note e adote: g é a aceleração local da gravidade. alternativa B Quando o disco passa por B, a resultante das forças que atua nele é centrípeta. Assim, a força resultante é vertical, com sentido para cima. 26/11/2012 00:41:07 Fuvest QUESTÃO 22 Um fóton, com quantidade de movimento na direção e sentido do eixo x, colide com um elétron em repouso. Depois da colisão, o elétron passa a se mover com quantidade de movimento pe , no plano xy, como ilustra a figura anterior. Dos vetores p f abaixo, o único que poderia representar a direção e sentido da quantidade de movimento do fóton, após a colisão, é a) b) c) d) e) Note e adote: O princípio da conservação da quantidade de movimento é válido também para a interação entre fótons e elétrons. alternativa A Antes do choque, a quantidade de movimento do sistema no eixo y é nula. Após o choque, pela conservação da quantidade de movimento do sistema, ela também deve ser nula nesse eixo. Como a componente da quantidade de movimento do elétron aponta para baixo, concluímos que a quantidade de Parte-1.indd 13 ETAPA 13 movimento do fóton deve ter componente para cima nessa direção. Isso só é verificado na alternativa A. QUESTÃO 23 Uma das primeiras estimativas do raio da Terra é atribuída a Eratóstenes, estudioso grego que viveu, aproximadamente, entre 275 a.C. e 195 a.C. Sabendo que em Assuã, cidade localizada no sul do Egito, ao meio dia do solstício de verão, um bastão vertical não apresentava sombra, Eratóstenes decidiu investigar o que ocorreria, nas mesmas condições, em Alexandria, cidade no norte do Egito. O estudioso observou que, em Alexandria, ao meio dia do solstício de verão, um bastão vertical apresentava sombra e determinou o ângulo θ entre as direções do bastão e de incidência dos raios de sol. O valor do raio da Terra, obtido a partir de θ e da distância entre Alexandria e Assuã foi de, aproximadamente, 7500 km. O mês em que foram realizadas as observações e o valor aproximado de θ são a) junho; 7º. b) dezembro; 7º. c) junho; 23º. d) dezembro; 23º. e) junho; 0,3º. Note e adote: Distância estimada por Eratóstenes entre Assuã e Alexandria . 900 km. π=3 alternativa A Como as cidades em questão estão acima da linha do Equador, o solstício de verão e o referido experimento ocorreram em junho. 26/11/2012 00:41:07 Fuvest Da figura dada, as retas que passam pelo centro da Terra e Assuã e pelo centro da Terra e Alexandria formam o mesmo ângulo θ. Assim, temos: distância (km) ângulo 2πR 360o 900 θ &θ = ETAPA 14 alternativa D A circunferência C de equação (x – 1)2 + + (y – 2)2 = 1 possui centro no ponto O = (1; 2) e raio OQ medindo 1. Assim: & 900 $ 360o 900 $ 360o & θ = 7o = 2πR 2 $ 3 $ 7 500 QUESTÃO 24 Vinte times de futebol disputam a Série A do Campeonato Brasileiro, sendo seis deles paulistas. Cada time joga duas vezes contra cada um dos seus adversários. A porcentagem de jogos nos quais os dois oponentes são paulistas é a) menor que 7%. b) maior que 7%, mas menor que 10%. c) maior que 10%, mas menor que 13%. d) maior que 13%, mas menor que 16%. e) maior que 16%. alternativa B Para determinar um jogo, basta escolher dois dos times disponíveis. Como cada par de 20 times se enfrenta duas vezes, há 2 ⋅ f p = 2 20 $19 =2⋅ = 20 ⋅ 19 jogos, dentre os quais 2 6 6 $5 = 30 são entre equipes 2⋅ f p =2⋅ 2 2 PO2 = (3 – 1)2 + (6 – 2)2 = 20 Pelo Teorema de Pitágoras, no triângulo OPQ, temos que PO2 = PQ2 + OQ2 + + 20 = PQ2 + 1 + PQ = 19 . QUESTÃO 26 Os vértices de um tetraedro regular são também vértices de um cubo de aresta 2. A área de uma face desse tetraedro é a) 2 3 b) 4 c) 3 2 d) 3 3 e) 6 alternativa A Consideremos a figura a seguir, em que ABCD é um tetraedro regular inscrito num cubo de aresta 2: paulistas. Logo a porcentagem pedida é 30 ⋅ 100% , 7,89%, ou seja, maior 20 $19 que 7%, mas menor que 10%. QUESTÃO 25 São dados, no plano cartesiano, o ponto P de coordenadas (3, 6) e a circunferência C de equação (x – 1)2 + (y – 2)2 = 1. Uma reta t passa por P e é tangente a C em um ponto Q. Então a distância de P a Q é a) 15 b) 17 d) 19 e) 20 Parte-1.indd 14 c) 18 Como todas as arestas do tetraedro são diagonais das faces do cubo (2 2 ), a área de uma face desse tetraedro é igual à área de um triângulo equilátero de lado 2 2 , ou _2 2 i 2 seja, 4 $ 3 =2 3. 26/11/2012 00:41:07 Fuvest QUESTÃO 27 As propriedades aritméticas e as relativas à noção de ordem desempenham um importante papel no estudo dos números reais. Nesse contexto, qual das afirmações abaixo é correta? a) Quaisquer que sejam os números reais positivos a e b, é verdadeiro que a + b = = a + b. b) Quaisquer que sejam os números reais a e b tais que a2 – b2 = 0, é verdadeiro que a = b. c) Qualquer que seja o número real a, é verdadeiro que a 2 = a . d) Quaisquer que sejam os números reais a e b não nulos tais que a < b, é verdadeiro que 1/b < 1/a. e) Qualquer que seja o número real a, com 0 < a < 1, é verdadeiro que a2 < a . alternativa E a) Incorreta. Se a = 9 e b = 16, = 9 + 16 = 25 = 5 e a+b = 2 d) Incorreta. Se a = –1 e b = 1, a < b e 1 1 1 1 = > = . b 1 −1 a e) Correta. Como 0 < a < 1, temos 0 ⋅ a < a ⋅ a < < 1 ⋅ a + 0 < a2 < a + 0 < 2 a2 < < a < a . Assim, 0 < a < a < a +0< a , ou seja, a. QUESTÃO 28 Sejam α e β números reais com –π/2 < α < < π/2 e 0 < β < π. Se o sistema de equações, dado em notação matricial, 0 3 6 tg α > H > H = > H, 6 8 cos β −2 3 Parte-1.indd 15 alternativa B π π Sendo − < α < e 0 < β < π, 2 2 0 3 6 tgα H+ > H > H=> 6 8 cosβ −2 3 + 3 tgα + 6 cosβ = 0 + 6 tgα + 8 cosβ = −2 3 + tgα = −2 cosβ + 3 $ (−2 cosβ) + 4 cosβ = − 3 π α=− tgα = − 3 3 + & 3 + π cosβ = β = 2 6 &α + β = − π π π + =− 3 6 6 QUESTÃO 29 2 b) Incorreta. Temos a – b = 0 + + (a – b)(a + b) = 0 + a = b ou a = –b. a, se a $ 0 c) Incorreta. Temos a 2 =|a| = −a, se a < 0 a < for satisfeito, então α + β é igual a π π c) 0 a) − b) − 3 6 π π d) e) 6 3 a+ b= = 9 + 16 = 3 + 4 = 7 . 2 ETAPA 15 Quando se divide o Produto Interno Bruto (PIB) de um país pela sua população, obtém-se a renda per capita desse país. Suponha que a população de um país cresça à taxa constante de 2% ao ano. Para que sua renda per capita dobre em 20 anos, o PIB deve crescer anualmente à taxa constante de, aproximadamente, a) 4,2% b) 5,6% c) 6,4% Dado: 20 2 , 1, 035. d) 7,5% e) 8,9% alternativa B Sejam Po e Ro, respectivamente, a população e o PIB atuais do país, e i a taxa de crescimento anual do PIB. Em 20 anos, o PIB será igual a (1 + i)20 ⋅ Ro e a população será igual a (1 + 0,02)20 ⋅ Po. Assim, para que a renda per capita dobre em 20 anos, devemos ter: 26/11/2012 00:41:07 Fuvest (1 + i) 20 $ Ro (1 + 0,02) 20 + 1+i = 20 ETAPA 16 $ Po =2$ alternativa E Ro 1 + i 20 +d n =2+ Po 1, 02 2 $ 1, 02 Adotando a aproximação dada, temos 1 + i , , 1,035 ⋅ 1,02 + i , 0,0557 , 5,6%. QUESTÃO 30 O mapa de uma região utiliza a escala de 1: 200 000. A porção desse mapa, contendo uma Área de Preservação Permanente (APP), está representada na figura, na qual AF e DF são segmentos de reta, o ponto G está no segmento AF, o ponto E está no segmento DF, ABEG é um retângulo e BCDE é um trapézio. Se AF = 15, AG = 12, AB = 6, CD = 3 e DF = 5 5 indicam valores em centímetros no mapa real, então a área da APP é Obs: Figura ilustrativa, sem escala. a) 100 km2 d) 240 km2 Parte-1.indd 16 b) 108 km2 e) 444 km2 c) 210 km2 Como AF = 15 e AG = 12, então GF = AF – AG = = 3. Além disso, ABEG é um retângulo e, por isso, GE = AB = 6. Pelo Teorema de Pitágoras, no triângulo GEF, EF2 = GE2 + GF2 + EF2 = 62 + 32 + + EF = 3 5 . Como DF = 5 5 , então DE = DF – EF =2 5 . Seja H a projeção de D sobre BE. Então ΔFGE ~ ΔEHD (caso AA), ou seja, FE ED 3 5 2 5 + + HD = 4. = = GE HD 6 HD Portanto, a área do polígono ABCDF é a soma das áreas dos trapézios ABEF e BCDE, e a área da APP é (15 $ 2 $ 105 + 12 $ 2 $ 105 ) 6 $ 2 $ 105 + 2 + (12 $ 2 $ 105 + 3 $ 2 $ 105 ) 4 $ 2 $ 105 = 2 = 111 $ 4 $ 1010 cm 2 = 444 km 2 . 26/11/2012 00:41:07