Biologia 5
P: PpRr x PpRr


G: PR
PR
Pr
Pr
pR
pR
pr
pr
aula s 6 a 8
SEGREGAÇÃO INDEPENDENTE , LINKAGE E
MAPAS GÊNICOS
C O ME N TÁ R I O S – ATI V I D A D ES
1.
PARA
SALA
P(ddee) = 1/16


pr
PR
PPRR PPRr  PpRR
PpRr
Pr
PPRr
PPrr 
PpRr
Pprr
PR
PpRR
PpRr
ppRR
ppRr
pr
PpRr
Pprr
ppRr
pprr
DE
De
dE
de
DDEE
DDEe
DdEE
DdEe
De
DDEe
DDee
DdEe
Ddee
dE
DdEE
DdEe
ddEE
ddEe
de
DdEe
Ddee
ddEe
ddee
Resposta correta: D
5.
AABb (autofecundação)
AABb
F = alelo dominante
f = alelo recessivo (fenilcetonúria)
– Indivíduo Ff não apresenta a fenilcetonúria.
– Indivíduo ff apresenta a fenilcetonúria.
– Ff x ff  Ff Ff
ff ff
Gametas: AB e Ab (2 n, onde n = número
de heterozigotos  21 = 2)

pR
DE
Resposta correta: D
2.
Pr
Genótipos: PPRR, PPRr, PpRR, PpRr, PPrr, Pprr, ppRR,
ppRr, pprr. (9)
Fenótipos: P – RR  característica XZ
P – Rr  característica XZT
P – rr  característica XT (6)
ppRR  característica YZ
ppRr  característica YZT
pprr  característica YT
d = dumpy
e = ebony
P: DdEe x DdEe
G: DE
DE
De
De
dE
dE
de
de
PR
50%
normais
50%
fenilcetonúricos
– ff x ff  100% dos descendentes ff (fenilcetonúricos)
AABb x AABb (autofecundação)
Resposta correta: FVFF
AB
Ab
F1 = AABB
AB
Ab
6.
Genótipo 1
AABb
AABb
Genótipo 2
AAbb
Genótipo 3
Resposta correta: B
Resposta correta: A
3.
7.
A = fruto com forma discóide
a = fruto com forma esférica
B = cor amarela
b = cor branca
P = AaBb x AaBb
G = AB
AB
Ab
Ab
aB
aB
ab
ab
A = pelagem preta
a = pelagem marrom
B = pelo curto
b = pelo longo

AB
Ab
aB
ab
AB
AABB
AABb
AaBB
AaBb
Ab
AABb
AAbb
AaBb
Aabb
aB
AaBB
AaBb
aaBB
aaBb
ab
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
P(aabb) = 1/16
Resposta correta: A
4.
I. Indivíduo homogaméticos / B. Formam exclusivamente
gametas 22 + x.
II. Indivíduos heterogaméticos / D. Formam gametas 22
+ x ou gametas 22 + y.
III. Cromossomos sexuais / A. Estão relacionados com a
determinação do sexo.
IV. Autossomos / C. São idênticos em ambos os sexos.
P dominante sobre p (P = característica x e p = característica y)
R e r = ausência de dominância (R e r manifestam-se
independentemente, mesmo quando presente em um
mesmo genótipo). A presença de R resulta na manifestação da característica Z: a presença de r resulta na manifestação da característica T, e a presença ambos, R e r,
resulta na manifestação da característica ZT.
3ª SÉRIE E EXTENSIVO OLÍMPICOS |
Fêmea de pelo marrom curto, com filhotes de pelo
longo, foi cruzada com um macho diíbrido (AaBb)
Fêmea  aaBb
Filhotes de pelo longo  _ _ bb
P: aaBb x AaBb
G: aB
AB
ab
Ab
aB
ab
F1 =
AaBb – preto/curto
aaBB – marrom/curto
aaBb – marrom/curto
AaBB – preto/curto
Aabb – preto/longo
aaBb – marrom/curto
aabb – marrom/longo
P(A_B_) = 3/8
Resposta correta: D
VOLUME 2
|
BIOLOGIA 5
1
8.
(bb)
(BB)
P: Flores brancas x flores vermelhas
F1 = flores vermelhas (100%) (Bb)

14.  ccdd x CCDD
F1 = CcDd
 CcDd x ccdd
(Bb)
(Bb)
F1 x F1 = flores verme lhas x flores vermelhas
F2 = flores vermelhas (3/4)  BB Bb Bb
Flores brancas (1/4)  bb
CD
Cd
cD
cd
Nem todos os indivíduos de F2 têm o gene para a cor
vermelha (B).
Nos experimentos de Mendel, apenas a natureza do
processo de reprodução dos vegetais era conhecido.
Somente com a retomada dos seus trabalhos, no século
XIX, foi possível estabelecer a relação entre genes e
cromossomos, identificar a natureza química dos genes
e relacionar a ocorrência da meiose com os processos
somados de reprodução.
Resposta correta: D
10. A = formação de olho
a = ausência de olho
B = pigmentação clara do olho
b = cor escura do olho
P: AaBb x AaBb
AB
Ab
aB
ab
I.
II.
III.
IV.
AB
Ab
aB
ab
AB
Ab
aB
ab
AB
AABB
AABb
AaBB
AaBb
Ab
AABb
AAbb
AaBb
Aabb
aB
AaBB
AaBb
aaBB
aaBb
ab
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
Resposta correta: D
ccdd – 897 ind. (44,85%)
Resposta correta: C
15. A figura ilustra, de uma maneira geral, os eventos ocorridos na
meiose I e na meiose II (reparação doshomólogose reparação das
cromátides-irmãs, respectivamente), explicando a segregação
independente dosgenes, revista pela Segunda Lei de Mendel.
C O ME N TÁ R I O S – ATI V I D A D ES P R O PO S TA S
1. – A proporção de indivíduos com diferenciado genótipo
que expressam o fenótipo correspondente ilustra um
caso típico de penetrância gênica.
– O fenômeno inverso à pleiotropia é a interação gênica.
– Além da localização cromossômica, da influência de
hormônios e outros fatores ambientais, o tipo de herança de um determinado gene dependerá da relação
de dominância, recessividade e ausência de dominância/co-dominância com os seus alelos, bem como com
outros genes não-alelos.
Resposta correta: D (FFVF)
2.
Há maiores chances de ocorrerem permutações entre
locais de genes ligados, quanto maior for a distância
entre esses.
B
D
17%
C
Resposta correta: D
3%
20%
3.
As letras utilizadas por Mendel para indicar os “fatores
mendelianos” correspondem, na verdade, a um segmento de DNA com informação para uma cadeia-polipeptídica (gene).
Resposta correta: D
12. AB/ab
Distância entre os loci A e B é de 16 morganídeos  16% é a
taxa de recombinação entre os alelos desses loci.
Gametas parentais = AB – 42%
Gametas recombinantes = aB – 8%
Ab – 8%
Resposta correta: A
4.
Os homólogos de cada par cromossômico são originalmente provenientes dos gametas materno e paterno.
Durante a meiose (base de segregação independente)
os homólogos paterno e materno segregam-se independentemente uns dos outros, fazendo com que os
genes localizados em diferentes pares de homólogos
segreguem-se independentemente. Em casos de genes
ligados, pode ocorrer permutação entre os genes A e B.
Resposta correta: C
13. Na ausência de crossing-over serão formados apenas
dois tipos de gametas (AB e ab), na proporção de 50%
cada.
Resposta correta: B
Resposta correta: C
2
Ccdd – 4,9%
ccDd – 5,1%
Taxa de recombinação = 10% (somatório dos recombinantes.
12%
5%
A
ccDd – 102 ind.
Resposta correta: B
olhos normais / pigmentação escura = A_bb (3/16)  F
olhos normais / pigmentação clara = A_B_ (9/16)  F
ausência de olhos = aa _ _ (4/16)  V
V
11. A – B = 17%
B – C = 3%
A – D = 3%
A – C = 20%
D – B = 12%
gametas recombinantes
F2 = CcDd – 903 ind. (45,15%)
Ccdd – 98 ind.
Genótipos recombinantes
Resposta correta: D
9.
cd
3ª SÉRIE E EXTENSIVO OLÍMPICOS
|
VOLUME 2
|
BIOLOGIA 5
5.
Planta I = AaBb
Planta II = aabb
Se a penetrância do gene mutado (A) é de 40% dos
indivíduos que o possuem exibem o fenótipo correspondente (ectrodactília).
P = Aa x aa
F1 = Aa Aa aa aa
Se o gene apresentasse uma penetrância de 100%, a
geração F1 seria composta, em termos de probabilidade,
de 50% afetados e 50% normais. No entanto, a penetrância do gene é de apenas 40%, ou seja, dois indivíduos que possuem o gene A, 40% deles manifestam o
fenótipo correspondente (ectrodactilia). Com isso, a
probabilidade de esse casal vir a ter uma criança afetada
pela ectrodactilia é: 0,40 x 0,50 = 20%
P : AaBb x aabb


AB(45%) ab(100%)
Ab
Gametas recombinantes (5% cada)
aB
ab(45%)
P(AaBb) = 45%
Resposta correta: D
6.
Uma herança multifatorial é o resultado fenotípico
(características físicas ou pré-disposição à doenças)
determinado por mais de um gene. Também é
conhecido como herança não-tradicional, cujos
caracteres não seguem o padrão de herança
mendeliana. Normalmente envolve a interação de
fatores genéticos e ambientais, daí o estudo com genes.
Os critérios para uma herança multifatorial envolvem
riscos puramente empíricos, como a correlação genética
entre parentes, associação com o sexo, a situação em
que um dos progenitores é afetado, a casos em que
mais de um membro da família é afetado e a associação
com a gravidade da doença.
Resposta correta: B
11. Neste caso, os heterozigotos são fenotipicamente normais porque, apesar de a enzima encontrar-se em
quantidades reduzidas, é suficiente para realizar sua
função metabólica.
Resposta correta: B
12. P: Aa x Aa
F1: AA Aa Aa aa
¾ pigmentação normal
Como a questão se refere a casal de gêmeos, parte-se
do princípio de que são dizigóticos. Assim, temos:
P (pigmentação normal) = 3/4 x 3/4 = 9/16
p (albino) = 1/4 x 1/4 = 1/16
p (mesmo fenótipo) = 9/16 + 1/16 = 10/16 = 5/8
Resposta correta: C
7.
Caso de alelos múltiplos, em que são considerados 3
alelos para o mesmo lócus: PA(azul); PV(verde) e PT (turquesa). A relação de dominância entre esse alelo é a seguinte: PA > PV > PT
Resposta correta: B
8.
Cor vermelha (dominante) = A
Cor amarela (recessiva) = a
Forma bilobada (dominante) = M
Forma multilobada (recessiva) = m
Planta alta (dominante) = B
Planta anã (recessiva) = b
Resposta correta: D
13. Polidactilia = A
P: A x aa
()
( )
I) Homem: AA
P: AA x aa
F1 = Aa (100%) – Todos os filhos nascerão com polidactilia.
II) Homem: Aa
P: Aa x aa
F1: Aa Aa aa aa
Polidac.
P: AAMMbb x aammBB
G: AMb
amB
F1: AaMmBb
F1 x F1 = F2  AaMnBb x AaMnBb
I) Aa x Aa = AA Aa Aa aa  p(aa) = 1/4
II) Mm x Mm = MM Mm Mm mm  p (M_) = 3/4
III) Bb x Bb = BB Bb Bb bb  p(B_) = 3/4
P(aaM_B_)p(aa) x p(M_) x p(B_) = 1/4 x 3/4 x3/4 = 9/64
normal
a) p(1 : filho Aa) = 1/2
b) p(2 : filho Aa) = 1/2
c) p(3 filhos Aa) = 1/2 x 1/2 x 1/2 = 1/8
Resposta correta: B
14. III. 13 (Aa)
III. 14 (aa)
P : Aa x aa
F1 : Aa Aa aa aa
Resposta correta: C
9.
1/4 (albino)
Havendo mitose e, na ausência de mutações, as célulasfilhas apresentam-se geneticamente idênticas à célula-mãe.
Resposta correta: E
10. Penetrância gênica: corresponde a porcentagem de
indivíduos com determinado genótipo que expressa o
fenótipo correspondente.
3ª SÉRIE E EXTENSIVO OLÍMPICOS |
50%
Como o gene tem penetrância de 80%, apenas 80% dos
indivíduos portadores do gene A manifestarão a doença.
Assim, a probabilidade de uma criança nascer com a
doença é de: 0,50 x 0,80 = 40%
Resposta correta: D
VOLUME 2
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BIOLOGIA 5
3
Situados no mesmo
cromossomo no e distantes 18 unidades de
recombinação.
15. Genes para cor do corpo: P e p
Genes para o tipo de asas: V e V
P = cor cinza / V = asa longa
p = cor preta / v = asa vertigial
3.
1: filho= morto aos 5 anos (anemia falciforme) (aa)
2: filho= normal e suscetível à malária (AA)
3: filho= normal e pouco suscetível à malária (Aa)
Resposta correta: C
4.
Intolerância à lactose= pode ser hereditária (herança
autossômica)
 Fenótipos: indivíduos sem atividade de lactose.
indivíduos com atividade de lactose.
indivíduos com atividade parcial de lactose.
Tal distribuição fenotípica representa um padrão de herança do tipo co-dominante, em virtude da presença de
um fenótipo intermediário.

Gametas
recombinantes (9%)
Fêmea: PpVv  PV Pv pV pv  p(Pp vv) = 9%
Macho: ppvv  pv
I)
P
v
p
V
II) Fêmea: PpVv 
III)
P
v
p
V
Gametas recombinantes =
PV e pv (9% cada)
Resposta correta: D
Sem a ocorrência de crossing-over
serão formados apenas os gametas Pv e
pV, numa proporção de 50% cada.
IV) A – P = 3%
A – V = 21%
P – V = 18%
3%
A
5.
Gráfico I= 1 gene com dominância incompleta.
Gráfico II= vários genes com interação (curva normal, típica de características condicionadas por muitos genes,
cuja expressão sofre influência ambiental.)
18%
P
Na dominância incompleta tem-se situações em que o
fenótipo dos indivíduos heterozigóticos é intermediário,
em termos quantitativos, entre os fenótipos dos dois
homozigóticos.
V
21%
Taxa de recombinação entre A e V = 21%
Resposta correta: B
Resposta correta: VVFF (A)
6.
Após a erradicação da malária, o alelo “s” sofre uma
seleção negativa, havendo drástica diminuição de sua
frequência.
aula s 9 e 10
MODIFICAÇÕES DA 1ª L EI DE MENDEL
C O ME N TÁ R I O S – ATI V I D A D ES
1.
PA R A
Resposta correta: B
SALA
A – pelagem branca
AA – letal
a – pelagem preta
A1 > A2 > A3 > A4
P: A1 A2 x A3 A4
F1: A1A 3
A 1A4
A2A 3
P: Aa x Aa
F1: AA
Aa Aa
Fenótipo 1
Fenótipo 2
Resposta correta: C
8.
Resposta correta: B
Padrão de herança autossômica dominante e as mulheres afetadas apresentam fenótipos idênticos aos de suas
mães.
Flores brancas = BB
Flores vermelhas = VV
Flores róseas = BV
Resposta correta: D
Trata-se de um caso de co-dominância entre alelos que
determinam o padrão da cor.
P: BV x BV
F1: BB BV BV
25%

50%

aa
morre pelagem pelagem
branca
preta
(2/3)
(1/3)
4 genótipos e 2 fenótipos
A2A 4
2.
7.
9.
P: BB x VV
F1: BV (róseas)
BV x BV = BB
25%

Resposta correta: B
Resposta correta: A
10. Pela análise do esquema, um determinado genótipo
(MbA/MbS) pode produzir diferentes fenótipos (normal
e anormal).
Resposta correta: D
4
3ª SÉRIE E EXTENSIVO OLÍMPICOS
VV
25%
50%
25%
Brancas róseas brancas
VV
Brancas róseas vermelhas
BV BV
|
VOLUME 2
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BIOLOGIA 5
C O ME N TÁ R I O S – ATI V I D A D ES P R O PO S TA S
1.
7.
Raposa prateada x Raposa prateada
1 raposa marrom
2 pelagens prateada
As diferenças evidenciadas entre tecidos de um mesmo
organismo (plantas e animais) são consequências da expressão diferenciada de grupo gênicos, os quais respondem pelas características específicas de cada tecido.
Raposa marrom x Raposa marrom
Resposta correta: B
2.
25% a mais de filhotes
P:
BB
x
VV
Plantas com
planta com
flores brancas
flores vermelhas
Uma vez a pelagem prateada sendo uma característica
condicionada por um alelo autossômo dominante, teríamos a seguinte situação:
P: Aa x Aa
F1: AA Aa Aa aa (75% dos indivíduos exibirão pelagem
prateada.)
Porém, constata-se que, do cruzamento entre raposas
prateadas, obtém-se uma proporção de 2 indivíduos
com pelagem prata para 1 de pelagem marrom. Assim,
conclui-se que o alelo A, em homozigose, é letal.
F1 = BV (100%) (plantas com flores cor-de-rosa)
P = BV x BV
F1: BB BV BV
VV
25%
50%
25%
Caso típico de co-dominância.
Resposta correta: C
Resposta correta: E
3.
Ver comentário da questão anterior.
8.
Resposta correta: A
4.
– Flores grandes (A)
– Flores pequenas (a)
– Flores vermelhas (W)
– Flores brancas (BB)
– Flores róseas (BV)
(Tamanho da flor – dominância
completa)
Resposta correta: C
(Cor da flor – ausência
de dominância
9.
P: flores grandes e róseas x flores grandes e róseas
(duplo heterozigotos)
(duplo heterozigoto)


AaVB
AaVB
Aa x Aa = AA Aa Aa aa  p(A_) = 3/4
VB x VB = VV VB VB Vb  p(vv) = 1/4
P(A_vv) = p(A_) x p(vv)  p(A – VV) = 3/4 x 1/4 = 3/16 . 32 = 6
I= vermelha x rosa  VV x VB  VV VB VV VB (50%
vermelhas / 50% rosas)
II= vermelha x branca  VV x BB  VB (100% rosas)
III= rosa x rosa  VB x VB  VV VB VB BB (25% vermelhas
/ 25% brancas / 50% rosas)
IV = rosa x branca  VB x BB  VB VB BB BB (50%
brancas / 50% rosas)
I)
P: Ss x Ss
75% afetados
A–
I.
50% anemia moderada
25% anemia falciforme
II) P: SS x Ss
F1: SS Ss SS Ss  50% normais
50% anemia moderada
III) p: SS x SS
F1: SS  100% normais
Em I = p(ss) = 1/4 ou 25%

p(Ss) = 1/2 ou 50%
Resposta correta: E
6.
– Anemia falciforme = s
– Pais normais, porém com irmãos portadores da
anemia falciforme.
SS = normais
Ss = hemácias normais e falciformes, apresentando anemia moderada.
ss = afetado
F1: SS Ss Ss ss  25% normais
Resposta correta: D
5.
– Os indivíduos portadores da hemoglobina normal
(AA) mantêm as características normais de suas
hemácias.
– Para que uma criança seja portadora da anemia
falciforme, uma das condições básicas é o fato de
seus pares serem heterozigotos (AS).
p (anemia, não importando a moderada ou grave)
= 75%
p (anemia, não importanEm II = p(ss) = 0%
 do a moderada ou grave)
p(Ss) = 1/2 ou 50%
= 50%
aa
Em III = p(ss) = 0%
p(Ss) = 0%
II.
aa
Aa
aa
Aa
aa
III.
aa
Aa
p(filho com anemia falciforme moderada ou grave) = 3/4
3 2
+ 1/2 =
5 / 4
4
aa
Resposta correta: B
3ª SÉRIE E EXTENSIVO OLÍMPICOS |
VOLUME 2
|
BIOLOGIA 5
5
Considerando-se apenas a possibilidade de nascerem filhos ss,
ou seja, com a forma mais severa da doença, temos:
p(ss) = 1/4  apenas se o casal for portador do gene s(Ss).
Resposta correta: B
10. – Na referida população, os indivíduos AS possuem
mais vantagens.
– Os heterozigotos AS apresentam anemia moderada e
uma boa resistência à malária.
Resposta correta: D (FFVV)
11. O códon normal que codifica para o aminoácido ácido
glutâmico é o GAG.
Resposta correta: B
12. 1.
2.
3.
4.
5.
6.
7.
8.
9.
10.
11.
12.
aa
A–
aa
Aa
aa
Aa
aa
Aa
aa
aa
aa
Aa
13.
14.
15.
16.
17.
18.
19.
20.
21.
22.
23.
aa
Aa
Aa
aa
Aa
Aa
aa
Aa
aa
A–
Aa
Resposta correta: E
13. – Xd = distrofia muscular de Duchenne (alelo mutante).
– A substituição de células atrofiadas, em tese, apenas
serviria como medida terapêutica, não alterando,
assim, a carga genética do indivíduo, o qual poderá
transmitir para a sua descendência o alelo mutante.
P: X dY
–
x Dxd
F1: X Dx d
XDy
X dxd
xd y
50% dos homens podem
manifestar a doença.
Resposta correta: C
14. Pela análise do heredograma, pode-se inferir que a
doença de Tay-Sachs apresenta um padrão de herança
autossômica recessiva.
Resposta correta: A
15.
1a condição: doença de caráter autossômico recessivo.
Os indivíduos A e B, obrigatoriamente, apresentarão
genótipo heterozigoto (Aa), uma vez que o filho deste
casal é afetado pela doença.
A = Aa / B = Aa / C = aa
a
 2 condição: doença de caráter recessivo ligado ao x.
O indivíduo A não será portador do alelo x d, enquanto o
indivíduo B obrigatoriamente o portará, dado que seu
filho (indivíduo C) herdou de A apenas o cromossomo y
e de B o cromossomo x, portador do alelo mutante.
A = XDy
B = XDx d
C = Xdy

SSSA-06/03/09
Re v:Jarina
Resposta correta: C
6
3ª SÉRIE E EXTENSIVO OLÍMPICOS
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VOLUME 2
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BIOLOGIA 5